一、选择题（共28分.1～8题为单项选择题，每小题2分；9～12题为多项选择题，每小题2分．多项选择题漏选得2分，错选不得分．）

1．（2分）（2014•锦州）对下列物理量的估测，符合实际的是（）

A．一颗小铁钉重约是10N B．人体感觉舒适的环境温度约为35℃

C．人正常步行的速度约是4km/h D．一只节能灯工作1h大约耗电1KW•h

考点：重力大小的估测；温度；速度与物体运动；电功的计算．

专题：电能和电功率．

分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．

解答：解：

A、一颗小铁钉重约是0.01N，所以A不符合实际情况；

B、人体感觉舒适的环境温度约为24℃左右，所以B不符合实际情况；

C、人正常步行的速度约是4km/h，所以C符合实际情况；

D、一只节能灯工作1h大约耗电0.04KW•h，所以D不符合实际情况．

故选C．

点评：物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．

2．（2分）（2014•锦州）下列与声现象有关的说法中不正确的是（）

A．两名宇航员在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声

B．环保部门在一些主干道旁设置噪声监测设备，是为了减弱噪声

C．公路旁安装隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声

D．只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音色

考点：声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径．

专题：声现象．

分析：（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；

（2）噪声监测设备是用来监测噪声的强弱；

（3）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；

（4）发声体不同，发出声音的音色一般不同．

解答：解：A、真空不能传声，所以宇航员在太空中不能直接对话，故A正确，不符合题意；

B、噪声监测设备是用来监测噪声的强弱，不能减弱噪声，故B错误，符合题意；

C、设立隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故C正确，不符合题意；

D、因为不同人发出声音的音色不同，“声纹锁”是通过音色控制的，故D正确，不符合题意．

故选B．

点评：本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力．

3．（2分）（2014•锦州）下列说法中正确的是（）

A．摩托车上的热机工作时提供动力的是做功冲程

B．一桶水的比热容和一杯水的比热容不同

C．阳光射入房间内看到尘土飞扬，可以说明分子在不停地做无规则运动

D．用锯条锯木头时锯条发热，锯条的内能增加，木板的内能减少

考点：内燃机的四个冲程；做功改变物体内能；比热容的概念；分子的运动．

专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值．

分析：①内燃机的四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程和排气冲程，其中排气冲程是高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，为其提供能量．

②比热容是物质的一种特性，它只与物体的种类有关，与物体的温度、质量等无关．

③不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动．由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现．

④改变物体内能有两种方法，一是做功，对物体做功，物体的内能增加、温度升高；物体对外做功，物体的内能减少；二是热传递．据此分析判断．

解答：解：A、摩托车上的四冲程热机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，提供了动力．故A正确；

B、因为比热容与物体的质量无关，所以一杯水的比热容和一桶水的比热容相同；故B错误；

C、分子运动是无法直接用眼睛看到的，故尘土飞扬属于机械运动，都不是分子运动的体现；故C错误；

D、用锯条锯木头，要克服摩擦做功，消耗机械能转化为内能，是木头的内能增加、温度升高，这是通过做功的方式使锯条内能改变的．故D错误；

故选A．

点评：无论是液体还是固体，它们的分子在永不停息的做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与物质运动区别开来．

4．（2分）（2014•锦州）对下列实验装置的说法中，正确的是（）

A．图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况

B．图乙可用来演示发电机的工作原理

C．图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与电流大小的有关

D．图丁可用来演示电动机的工作原理

考点：电磁感应；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的原理．

专题：磁现象、电生磁；电动机、磁生电．

分析：分析四个选项中的图，结合所对应的知识逐个判断即可．

解答：解：A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，故A错误；

B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B错误；

C、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，故C错误；

D、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒ab就会运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，故D正确；

故选D．

点评：奥斯特实验、电磁感应实验、电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系的实验、磁场对电流的作用实验是电和磁当中最重要的几个实验，我们在日常的学习中应学会联系记忆，比较学习．

5．（2分）（2014•锦州）对下列现象的成因解释正确的是（）

A．早春，河中的冰逐渐消融﹣﹣融化

B．盛夏，剥开包装纸后冰棒会冒“白气”﹣﹣汽化

C．深秋，清晨的雾在太阳出来后散去﹣﹣液化

D．严冬，玻璃窗内壁结了一层冰花﹣﹣凝固

考点：水的三态变化．

分析：要分析是什么物态变化，就要先确定此物质原来是什么状态，现在又是什么状态，即判断该物质由什么状态变化到什么状态．

解答：解：A、河中的冰消融是固态冰变液态水，是融化现象．

B、冰棒冒的“白气”是冰棒周围的气态的水蒸气遇冷变成的液态小水珠，是液化现象．

C、雾散去是液态的水变气态的水蒸气，是汽化现象．

D、玻璃内壁结冰花是气态的水蒸气直接变成了固态的冰，是凝华现象．

故选A．

点评：此题考查的是物态的几种变化，要注意物质原来和现在的状态，也要区别汽化的“汽”和气态的“气”

6．（2分）（2014•锦州）当今社会树立安全用电意识十分重要，以下操作符合安全用电要求的是（）

A．家用电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再切断电源

B．保险丝熔断后可用铜丝代替

C．有金属外壳的家用电器其外壳一定要接地

D．电灯开关可以接在零线上

考点：安全用电原则．

专题：电与热、生活用电．

分析：（1）家用电器着火和油锅着火，应该首先切断电源，再用干粉灭火器灭火；

（2）当家庭电路中发生短路或总功率过大时，会使导线发热而引发事故，故要有能自动切断电路的装置，这就是要安装保险丝的原因，保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用；

（3）为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，一般用电器的金属外壳接地；

（4）如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故，所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全．

解答：解：A、家用电器失火，应该先切断电源，并且用干粉灭火器灭火，该选项说法不正确；

B、在其他条件相同的情况下，铜丝的电阻较小，产生的热量较少，同时铜的熔点又较高，所以在电路出现电流过大的故障时不易熔断，起不到及时切断电路的保护作用，不能当成保险丝，该选项说法不正确；

C、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，该选项说法正确；

D、开关接在火线与电灯之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且电灯与火线断开连接，防止人发生触电事故，该选项说法不正确．

故选C．

点评：本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用．

7．（2分）（2014•锦州）物理知识在生产、生活中有广泛的应用，下列说法中正确的是（）

A．电线的芯线外面包上一层塑料，主要是为了保护里面的芯线不受腐蚀

B．手机的备用电池不能与硬币放到一起，主要是为了防止电池被硬币短路而损坏

C．自行车的座垫做得较宽大是为了减小对臀部的压力

D．高压锅是利用液体的沸点随气压增大而降低的原理工作的

考点：绝缘体；沸点及沸点与气压的关系；减小压强的方法及其应用．

专题：其他综合题．

分析：①根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，

②减小压强的方法：减小压力或增大受力面积．

③液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高．

解答：解：A、电线的芯线外面包一层塑料，主要是为了漏电或造成触电，说法错误；

B、硬币是导体，说法正确；

C、自行车座垫呈马鞍型人坐着很舒服，这是因为它能够减小压强，是通过增大受力面积来减小压强的．

D、高压锅密闭较好，内部压强大，水的沸点高，这样高压锅内的温度就会更高一些，就会更快煮熟食物．所以高压锅是利用增大锅内气体的压强，提高水的沸点来提高锅内温度的．

故选B．

点评：本题使物理知识生活化，有助于提高学生学习物理的兴趣和积极性，是道好题．

8．（2分）（2014•锦州）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，当开关S闭合后，灯L不发光，电压表指针有明显偏转．若电路中只有一处故障，对于此电路可能故障的判断，下列说法中不正确的是（）

A．灯L短路B．灯L断路

C．滑动变阻器R2断路D．定值电阻R1断路

考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

专题：应用题；欧姆定律．

分析：由电路图知，灯泡、滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，其中电压表测量滑动变阻器和定值电阻两端的总电压．

闭合开关，灯泡不亮，原因有二：灯泡短路或其它串联部分断路．

解答：解：

A、如果灯泡L短路，闭合开关不会发光，电压表测量电源电压指针偏转．此选项正确，不符合题意；

B、如果灯泡L断路，整个电路断路，灯泡不亮，电压表指针不偏转．此选项错误，符合题意；

C、如果滑动变阻器R2断路，灯泡中无电流通过，不能发光；电压表测量电源电压指针偏转．此选项正确，不符合题意；

D、如果定值电阻R1断路，灯泡中无电流通过，不能发光；电压表测量电源电压指针偏转．此选项正确，不符合题意．

故选B．

点评：用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，电压表有较大示数（接近电源电压），此处用电器断路或与之串联的用电器短路；电压表无示数，此处用电器短路或与之串联的用电器断路．

9．（3分）（2014•锦州）下列关于光现象的说法中正确的是（）

A．日食和月食是由于光的直线传播引起的

B．电视机的遥控器发出的是人眼看不见的红外线

C．很厚的玻璃板看起来变薄了是由于光的折射引起的

D．红色的牡丹花看上去为红色是由于它吸收红光，反射其他色光引起的

考点：光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用；物体的颜色；红外线．

专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．

分析：光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的现象．

红外线可以用来制作红外线夜视仪、红外遥控器等；紫外线可以用来杀菌消毒、使荧光物质感光等．

光在传播到不同物质的界面时会发生折射；

不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，

解答：解：A、日食、月食是光沿直线传播形成的．故此选项是正确的；

B、电视机的遥控器是利用红外线来工作的，能够发射出一种人眼看不见的红外线．故此选项是正确的；

C、这是由于光的折射的原因，人逆着折射光线的方向看去，会看到折射光线的反向延长线所形成的玻璃底面的像，而由于折射所形成的像的位置比物体的实际位置要浅，所以看到的厚玻璃变薄了．故此选项是正确的；

D、红玫瑰只反射红光，而吸收其他色光，因此它是红色的；故此选项是错误的；

故选ABC．

点评：本题属于中考常见的综合类题目，涉及的知识点偏多，需要小心作答．

10．（3分）（2014•锦州）小明在观看世界杯足球赛时，看到了足球场上一些场景，他运用学过的物理知识进行分析，其中正确的是（）

A．踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球没有受到力的作用

B．脚踢球使球飞出去，是因为力是维持物体运动的原因

C．守门员在场上不动时，他受到的支持力和他受到的重力是一对平衡力

D．守门员将球扑出，是因为力可以改变物体的运动状态

考点：平衡力的辨别；力的作用效果；力与运动的关系．

专题：运动和力．

分析：A、物体运动状态发生改变，说明它一定受到了力的作用；

B、力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；

C、一对平衡力应该具备四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上，缺一不可；

D、力可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状．

解答：解：A、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦阻力的作用，而不是没有受到力的作用，故A错误；

B、脚踢球使球飞出去，是因为球具备惯性，并不需要力来维持，故B错误；

C、守门员在场上不动时，他受到的支持力和他受到的重力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上，是一对平衡力，故C正确；

D、守门员将球扑出，是因为力可以改变物体的运动状态，说法正确．

故选CD．

点评：本题集中考查了球场上所常见的力学现象，包括力与运动的关系、惯性现象、平衡力的辨别、力的作用效果等，有一定综合性，但都属于力学的基础知识．

11．（3分）（2014•锦州）下列关于压强和浮力的说法中正确的是（）

A．深海中的鱼受到海水的压强大，受到海水的浮力也大

B．飞机水平飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小

C．将装有水的试管由竖直位置逐渐倾斜（水未溢出），水对试管底的压强变小

D．用吸盘挂钩挂衣服，是利用了大气压强

考点：液体的压强的特点；大气压强的存在；流体压强与流速的关系．

专题：压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．

分析：（1）根据公式P=ρgh可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化．

（2）机翼上方的空气流速比下方的快，因此下方向上的压强大于上方向下的压强，上下表面存在一个压力差，这就是机翼的升力．

（3）试管中水的长度不变，在倾斜的过程中，高度逐渐变小，根据公式P=ρgh可以判断出水对管底压强的变化．

（4）把吸盘紧压在光滑的墙上，把吸盘内的空气排出，大气压就把吸盘紧压在了墙上，在钩上可以挂衣服．

解答：解：A、深海中的鱼受到海水的压强大，受到海水的浮力不变；故A错误；

B、飞机水平飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小，故B正确；

C、试管中水的长度不变，在倾斜的过程中，高度逐渐变小，根据公式P=ρgh可以判断出水对管底压强逐渐变小．故D正确；

D、用吸盘挂钩挂衣服，是利用了大气压．故D正确．

故选BCD．

点评：此题考查的知识点比较全面，有流体压强和流速的关系、浮力大小的影响因素、大气压的应用以及液体压强的大小变化等，对学生的综合能力要求较高，但是难度不大．

12．（3分）（2014•锦州）如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变．（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可知（）

A．R0阻值是5Ω B．电路的最大总功率是12.8W

C．电路的最小总功率是0.8W D．滑动变阻器的最大阻值是35Ω

考点：欧姆定律的应用；电功率的计算．

专题：欧姆定律；电能和电功率．

分析：由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，即电路中的电流最大时，电路为R0的简单电路，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值，根据P=UI求出电路的最大功率；

当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用串联电路的电阻特点求出R的最大值，再根据P=UI求出电路的最小功率．

解答：解：当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，

由乙图可知：I最大=1.6A，

由欧姆定律得：R0===5Ω，故A正确；

电路的最大功率P最大=UI最大=8V×1.6A=12.8W，故B正确；

当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，

由乙图可知：I最小=0.2A，

电路的总电阻为R总===40Ω，

滑动变阻器的最大阻值为R=R总﹣R0=40Ω﹣5Ω=35Ω，故D正确；

电路的最小功率为P最小=UI最小=8V×0.2A=1.6W，故C错误．

故选ABD．

点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是电路最大和最小电流的判断．

二、填空题（每空1分，共25分）

13．（2分）（2014•锦州）音乐会上，演员正在吹奏笛子，笛子发声是因为空气柱在振动，吹奏过程中，演员不断调整手指在笛子上的按压位置是为了改变声音的音调．

考点：声音的产生；频率及音调的关系．

专题：声现象．

分析：（1）声音是由于物体振动产生的．笛子发声，是由于笛子中的空气柱振动而产生的声音；

（2）声音的音调是由发声体振动的频率决定的．

解答：解：声音是物体振动产生的，笛子发声是因为空气柱在振动；吹奏过程中，演员不断调整手指在笛子上的按压位置是通过改变振动的空气中的长度来改变振动的频率，所以音调会发生变化．

故答案为：振动；音调．

点评：此题考查的是声音的产生、解决此类问题要结合频率与音调的关系分析解答，是一道声学的基础题．

14．（2分）（2014•锦州）小明在家里通过光亮的瓷砖地面看到了挂在天花板上的吊灯，他看到的其实是吊灯的虚（填“实”或“虚”）像，如果吊灯到地面的距离是3m，则像到吊灯的距离为6m．

考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

专题：光的传播和反射、平面镜成像．

分析：光亮的瓷砖相当于平面镜，依据平面镜成像的特点可知，成的像是虚像，像与物到镜面的距离相等

解答：解：光亮的瓷砖相当于平面镜，它能成天花板上的吊灯的像，像是由于光的反射形成的，即反射光线的反向延长线会聚而成，所以是虚像；

像与物到镜面距离相等，吊灯离瓷砖6m，吊灯的像离地面上的瓷砖也应是6m；则像到地面的距离为6m；

故答案为：虚；6

点评：熟练掌握并灵活运用平面镜成像的特点：像与物大小相同；像与物到镜面距离相等；像与物对应点连线与镜面垂直；虚像．

15．（3分）（2014•锦州）街道上的路灯同时发光同时熄灭，据此不能（填“能”或“不能”）判断其连接方式．如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其他路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式为并联（填“串”或“并”）；每个用电器和控制它的开关的连接方式为串联（填“串”或“并”）．

考点：串联电路和并联电路的辨别．

专题：电流和电路．

分析：串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，串联电路需要一个开关就能控制整个电路，并联电路干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路．电路中，开关一般都要与被控制的用电器串联．

解答：解：（1）街上的路灯同时发光同时熄灭，不能判断是串联还是并联，因为如果并联电路中的总开关也可以控制整个电路；

（2）如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式是并联，因为并联电路有多条路径，各用电器之间互不影响；

（3）每个用电器和控制它的开关的连接方式为串联，这样才能实现对用电器的有效控制．

故答案：不能；并；串．

点评：本题考查了学生判断串、并联电路的能力，识别串并联电路关键是看各用电器之间是否相互影响，相互影响的是串联，相互不影响的是并联．

16．（3分）（2014•锦州）如图所示，小红背着书包站在匀速上行的自动扶梯上随着扶梯一起上行，在上行过程中：以自动扶梯为参照物，小红是静止的；小红的机械能增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）；小红对书包做了功（选填“做了功”或“没做功”）．

考点：参照物及其选择；力是否做功的判断；动能和势能的大小变化．

专题：长度、时间、速度；功、功率、机械效率；机械能及其转化．

分析：（1）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的．

（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大．

（3）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大、高度越高，重力势能越大．

（4）做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离．

解答：解：（1）小红站在自动扶梯上，上行过程中以扶梯为参照物，小明相对扶梯的位置没有改变，因此小红是静止的；

（2）上行过程中，小红的速度不变，因此动能不变，高度增加，因此重力势能增加，所以小红的机械能是增大的；

（3）上行过程中，小红背着书包，对书包施加了力的作用，并且在力的方向上通过了一定距离，因此小红对书包做了功．

故答案为：静止；增大；做了功．

点评：本题以小红乘坐自动扶梯上楼为题考查了运动和静止的相对性、动能和势能的变化以及做功的判断，具有一定的综合性，属于基础知识的考查．

17．（2分）（2014•锦州）在有些古代宫殿中，有许多空心铜柱子支持着宫殿的屋顶，在夏天走进宫殿会感到冷气沁人．原因是空心的铜柱中装进了许多冰块，由于冰块熔化时吸收大量的热使温度降低，而且水的比热容较大，温度不易升高，所以宫殿里很凉爽．

考点：熔化与熔化吸热特点；水的比热容的特点及应用．

专题：温度计、熔化和凝固；比热容、热机、热值．

分析：解答此题从以下知识点入手：

①当物质从固态变为液态时，这个过程叫做熔化，熔化过程需要向外界吸收热量，从而使周围的环境温度较低．

②对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少．

解答：解：

当冰熔化时，需要向周围吸收热量，导致周围的温度较低，所以感觉格外凉爽；

水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，即温度不易升高，所以宫殿里很凉爽．

故答案为：吸收；比热容．

点评：本题考查学生对水的比热特点及应用、晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变的特点等知识点的了解和掌握，并将所学的知识应用到实际中，具有现实性意义．

18．（4分）（2014•锦州）如图所示，一矿泉水瓶，装满500g水后，放在水平桌面上静止不动，若空瓶的质量为50g，瓶与桌面的接触面积为10cm2，则桌面对瓶的支持力为5.5N，瓶对桌面的压强是5500Pa．把水倒满一个高10cm的薄纸杯，杯底受到的水的压强是1000Pa．如果在瓶侧壁不同高度的地方用锥子扎出上、下两个小孔，打开瓶盖，可以观察到从下（填“上”或“下”）孔流出的水喷得较急．（取g=10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3）

考点：压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体的压强的计算．

专题：压强、液体的压强．

分析：（1）根据密度公式求出矿泉水瓶内水的质量，利用G=mg求出矿泉水瓶的总重力，矿泉水瓶子放在水平桌面上时静止处于平衡状态，受到重力和支持力是一对平衡力二者大小相等，矿泉水瓶对桌面的压力和总重力相等，根据压强公式求出瓶对桌面的压强

（2）水倒满高10cm的纸杯，水的深度是10cm，根据液体压强的计算公式p=ρ液gh就可以计算出杯底受到的水的压强；

（3）液体内部存在压强，由于液体的压强随深度的增加而增大，故会看到下孔流出的水喷得最急或喷得远一些．

解答：解：（1）矿泉水平内水的体积：

V=500L=500cm3，

由ρ=可得，水的质量：

m水=ρV=1g/cm3×500cm3=0.5kg，

瓶子的总重力：

G=G瓶+G水=（m瓶+m水）g=（0.05kg+0.5kg）×10N/kg=5.5N，

∵矿泉水瓶放在水平桌面上静止不动，受到的支持力和重力是一对平衡力，

∴F支持=G=5.5N，

瓶对桌面的压强：

p====5500Pa；

（2）水倒满一个高10cm的纸杯，杯底受到的水的压强为：

p′=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；

（3）由于液体内部存在压强，且压强随深度的增加而增大，故会观察到水从两个小孔流出来，其中下孔流出的水喷得最急或喷得远一些．

故答案为：5.5；5500；1000；下．

点评：本题考查重力的计算、二力平衡的知识、液体压强的特点和计算，容易出错的是在计算瓶子的重力时容易忽略水的重力，在解题时还要注意单位的换算．

19．（3分）（2014•锦州）新能源在现代社会中有着广泛的应用．太阳能属于可再生能源（填“可再生”或“不可再生”）；警用电动车逐渐成为警察巡逻的主要交通工具，电动车行驶时，车上的锂离子电池将化学能转化为电能，再转化为机械能；警察和指挥中心无线通信时是通过电磁波（填“超声波”或“电磁波”）进行联络的．

考点：太阳能；电磁波的传播；电源及其能量转化．

专题：能源的利用与发展．

分析：（1）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；

（2）电池工作时是把化学能转化为电能；

（3）无线通信都是利用电磁波来工作的．

解答：解：

太阳能是可再生能源；锂离子电池是电源的一种，它在对外供电的时候是把化学能转化为电能；警用电动车和地面指挥中心无线通信，是利用电磁波来工作的．

故答案为：可再生；电；电磁波．

点评：此题考查的方式是通过日常生活中的实例，这也是中考时考查知识点一个新的方式．

20．（3分）（2014•锦州）汽车刹车后不会立即停下来，这是因为汽车具有惯性；车速会逐渐变小，是由于受到摩擦阻力的作用；如在雨天，车会滑行得更远，这是因为摩擦减小了．

考点：惯性；增大或减小摩擦的方法．

专题：运动和力．

分析：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．物体在运动过程中，同时也会受到阻力的作用．

当路面有水时，水使路面和轮胎分离，因此车辆行驶时，由于摩擦力的减小，很难在正常时间内使车停下来．

解答：解：汽车原来是运动的，关闭发动机后，汽车由于惯性仍保持原来的运动状态，但在运动过程中会受到摩擦力的作用，所以最终要停下来．

由于在雨天，接触面的粗糙程度减小，车与地面间的摩擦力减小，因此汽车刹车后车会滑行更远；

故答案为：惯性；摩擦阻力；摩擦力减小．

点评：本题涉及的知识点有惯性、力的作用效果、摩擦力，综合性较强，要熟练掌握相关的知识，会应用它解决生活中的实际问题，知道物理知识与生活息息相关．

21．（3分）（2014•锦州）如图所示，工人利用滑轮组以250N的拉力将400N的水泥匀速提高2m．则此过程中，工人拉力做的功是1000J；该滑轮组的机械效率是80%；工人对地面的压力与其重力相比要小．（填“大”或“小”）

考点：滑轮（组）的机械效率；力的合成与应用．

专题：运动和力；功、功率、机械效率．

分析：（1）由图可知绳子的有效股数为2，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出工人拉力做的功，根据W=Gh求出有用功，利用η=×100%求出滑轮组的机械效率；

（2）工人对地面的压力等于自身的重力减去绳端在竖直方向的分力，据此判断工人对地面的压力与其重力之间的大小关系．

解答：解：（1）由图可知，n=2，

由图可知，绳端移动的距离：

s=nh=2×2m=4m，

工人拉力做的功：

W总=Fs=250N×4m=1000J，

拉力做的有用功：

W有=Gh=400N×2m=800J，

滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=80%；

（2）因工人对地面的压力等于自身的重力减去绳端在竖直方向的分力，

所以，工人对地面的压力与其重力相比要小．

故答案为：1000；80%；小．

点评：本题考查了功和机械效率的计算以及重力与压力的关系，分析好工人的受力情况是关键．

三、作图题（每小题3分，共9分）

22．（3分）（2014•锦州）如图所示，发光点S发出一条射向水面的光线，在水面发生反射和折射，反射光线经过P点．请在图中作出入射光线、反射光线及大致方向的折射光线．

考点：作光的反射光路图；作光的折射光路图．

专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．

分析：反射光线是由点光源S发出的，但感觉是由点光源在水中的像发出的，也就是说反射光线的反向延长线过像点，即点P和点光源在水中的像在同一直线上，由此可以确定入射点，进而确定入射光线和反射光线．

根据确定的入射光线，利用折射规律可以做出对应的折射光线．

解答：解：根据平面镜成像的规律：像与物关于镜面对称，作出点光源S在关于水面的对称点S′，即像点．

连接S′P，与水面的交点O即为入射点，连接SO即为入射光线；连接OP即为反射光线；

过入射点O做水面的垂线即为法线，根据确定的入射光线和法线可以确定入射角，利用光的折射规律：折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角．可以做出对应的折射光线OA．答案如下图所示：

点评：要做反射光线和折射光线，确定这两条光线对应的那一条入射光线是解决此题的关键．此题包含了平面镜成像的规律，光的折射规律，有一定的难度．

23．（3分）（2014•锦州）如图所示，请根据通电螺线管的N、S极，标出小磁针N极、通电螺线管的磁感线方向以及电源的正、负极．

考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断．

专题：磁现象、电生磁．

分析：①根据图中通电螺线管的N、S极，可判断磁感线的方向．

②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极．

③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极．

解答：解：如图，螺线管的左端为N极，右端为S极．因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故箭头方向向右．

根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极．

根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的．所以电源的右端为正极，左端为负极．如图所示．

点评：安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向．告诉其中的两个方向可以确定第三个方向．

24．（3分）（2014•锦州）如图所示，用一根硬棒撬起一个石块，棒的上端A是动力的作用点，若用最小的力撬动石块，请标出此时杠杆的支点O并画出最小动力F及动力臂L．

考点：力臂的画法．

专题：简单机械．

分析：（1）支点是杠杆绕着转动的固定点，动力向下作用时，杠杆应绕小石块尖端转动；

（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小．

解答：解：由图示可知，当杠杆与地面的接触点为支点时，作用在A点的动力力臂最大，此时动力最小，力垂直于杠杆向上，过支点O作最小力的作用线的垂线即为力臂L，如图所示．

点评：本题考查杠杆平衡条件的应用，在力与力臂乘积一定的情况下，若支点与力的作用点成为力臂，此时的力臂最大，使用杠杆最省力．

四、简答题（共4分）

25．（4分）（2014•锦州）中国的历史有多长，中国的茶就有多香．中国茶文化中蕴含着许多物理知识，请你回答下列有关问题：

（1）如图所示，为什么茶壶的盖子上有一个小孔？

（2）水壶烧开水时，壶嘴会冒“白气”，“白气”是如何形成的？

考点：大气压强的存在；液化及液化现象．

专题：汽化和液化、升华和凝华；运动和力．

分析：（1）茶壶的盖子上有一个小孔是利用大气压把壶内的水顺利压出；

（2）生活中的白气都是水蒸气遇冷液化的结果．

解答：解：（1）茶壶中的水倒出时，茶壶内气压减小，壶外气压大于壶内气压，壶内的水不容易流出来，茶壶的盖子上有一个小孔，壶内与大气相连，在大气压作用下壶内水容易流出来；

（2）水壶烧开水时，壶嘴会冒“白气”，是壶内的水蒸气遇冷的空气液化成的小水珠．

故答案为：（1）壶内与大气相连，在大气压作用下壶内水容易流出来；（2）水蒸汽遇冷液化而成．

点评：把茶文化和物理知识连线起来，体现了物理和生活的密切关系．

五、计算题（本题共2小题，共18分．要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）

26．（8分）（2014•锦州）某公园为推进旅游开发建设，购进一批旅游观光艇，其部分技术参数如下表：（g取10N/kg）求：

（1）某旅游团队乘坐观光艇以最大航速行驶2小时的路程是多少？

（2）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，所受浮力是多少？

（3）该艇以最大航速匀速行驶且发动机达到最大输出功率，受到水的阻力是多少？

考点：速度公式及其应用；二力平衡条件的应用；物体的浮沉条件及其应用；功率计算公式的应用．

专题：长度、时间、速度；运动和力；浮沉的应用；功、功率、机械效率．

分析：（1）已知速度和时间，用速度变形公式：S=vt计算路程；

（2）漂浮物体所受浮力等于重力；

（3）利用功率变形式：P=Fv，计算阻力大小．

解答：解：（1）观光艇以最大航速：v最大=45km/h，航行时间：t=2h，

由v=得通过的路程：

s=vt=45km/h×2h=90km；

（2）∵观光艇行驶时处于漂浮状态，

∴F浮=G总=G艇+G人=（m艇+m人）g=（900kg+20×60kg）×10N/kg=2.1×106N；

（3）观光艇的最大功率：P=45kW=4.5×104W，

观光艇的最大速度：v=45km/h=162m/s；

由P=vF得牵引力：

F===277.8N

受到水的阻力：

f=F=277.8N．

答：（1）观光艇以最大航速行驶2小时通过的路程是90km；

（2）观光艇满载乘客时，所受浮力是2.1×106N；

（3）该艇以最大航速匀速行驶且发动机达到最大输出功率，受到水的阻力是277.8N．

点评：本题考查了对速度公式、浮力、功率变形式的运用，是典型的计算题．

27．（10分）（2014•锦州）家用电磁炉以其高效、节能成为新一代智能灶具，小明在家中关闭其他所有用电器，在只有电磁炉正常工作的情况下．请你回答下列有关问题：

（1）1标准大气压下，锅内装有4.5L温度为20℃的水，给电磁炉通电把水加热到沸腾，水至少吸收多少热量？[水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]

（2）把上述水烧开用了20min．家中安装的标有“3000r/（kW•h）”的电能表转了1400圈，求该电磁炉的额定功率？

（3）此电磁炉烧水时的效率是多少？

考点：电功与热量的综合计算．

专题：计算题；电和热综合题．

分析：（1）1标准大气压下水的沸点是100℃，知道水的体积根据密度公式求出水的质量，又知道水的比热容和初温，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；

（2）由电能表铭牌可知，每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过3000转，根据电能表转盘转过的圈数可以求出电磁炉消耗的电能，然后由电功率公式求出电磁炉的功率；

（3）知道水吸收的热量和消耗的电能，根据η=×100%求出此电磁炉烧水时的效率．

解答：解：（1）锅内水的体积：

V=4.5L=4.5×10﹣3m3，

由ρ=可得，锅内水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×4.5×10﹣3m3=4.5kg，

1标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0）

=4.2×103J/（kg•℃）×4.5kg×（100℃﹣20℃）

=1.152×106J；

（2）该电磁炉正常工作20min消耗的电能：

W=×3.6×106J=1.68×106J，

因用电器正常工作时的功率和额定功率相等，

所以，该电磁炉的额定功率：

P===1400W；

（3）此电磁炉烧水时的效率：

η=×100%=×100%≈68.6%．

答：（1）水至少吸收1.152×106J的热量；

（2）该电磁炉的额定功率为1400W；

（3）此电磁炉烧水时的效率是68.6%．

点评：本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式和吸热公式、电功公式、电功率公式、效率公式的应用，关键是电能表参数含义的理解与掌握和知道1标准大气压下水的沸点是100℃．

六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）

28．（5分）（2014•锦州）如图1所示是小明实验小组在“观察水的沸腾”实验中的情景．

（1）请指出他们在实验中错误之处：

①温度计的玻璃泡碰到了容器底②读数时，视线未与液柱的上表面相平

（2）在纠正错误后他们继续实验，观察到水沸腾时的现象如图2中的乙图，水沸腾时吸收热量，温度不变．

（3）实验测出水的沸点为98℃，说明当时的气压小于1个标准大气压（填“大于”、“小于”或“等于”）．

考点：探究水的沸腾实验．

专题：实验题；探究型实验综合题．

分析：（1）要解决此题，需要掌握各个器材的使用规则．在使用温度计测液体的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器壁和容器底．读数时，视线要与温度计中液柱的上表面相平．

（2）要正确解决此题，需要了解液体沸腾前和沸腾时的现象．沸腾前气泡在上升过程中，体积减小，到液面时消失；沸腾时产生大量气泡，气泡在上升过程中体积增大，最后破裂．

（3）要知道液体的沸点随气压的增大而增大．

解答：解：（1）温度计的玻璃泡碰到了容器底；在读数时，视线应与液柱的上表面相平，而图中俯视了．

（2）沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积增大．所以乙图是沸腾时的现象．水沸腾时要不断吸热，但温度不变．

（3）气压越高，液体的沸点越高．标准大气压下水的沸点是100℃，而实验中水的沸点是99℃，所以当时气压低于标准大气压．

故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到了容器底；读数时，视线未与液柱的上表面相平；（2）乙；不变；（3）小于．

点评：此题主要考查了温度计的使用．水沸腾时的现象及特点，并且考查了水的沸点和气压之间的关系．对于水的沸腾实验，这些都是应该掌握的内容，是一道很好的实验题目．

29．（8分）（2014•锦州）小明同学用一个焦距未知的凸透镜、蜡烛、光屏、光具座探究凸透镜成像规律：

（1）如图a可知，该凸透镜的焦距是11cm．

（2）如图b所示，若在光屏上（光屏未画出）能得到清晰放大的烛焰的像，则蜡烛可能置于凸透镜左边a、b、c、d四点中的c点上（P是该凸透镜的2倍焦距处），此成像特点可应用在投影仪上．

（3）通过实验，小明发现蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰像越小（填“大”或“小”）．把蜡烛向凸透镜靠近时，要在光屏上成清晰的像，光屏应远离凸透镜（填“靠近”或“远离”），此时在光屏上成的清晰像是倒立的（填“倒立”或“正立”）．

（4）实验中，光屏上已成清晰的、缩小的像，此时小明固定蜡烛和凸透镜，在光屏和凸透镜间放上自己所配戴的近视眼镜，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向远离（填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动，此时所成的清晰像为实像（填“实”或“虚”）．

考点：凸透镜成像规律及其探究实验．

专题：实验题；探究型实验综合题．

分析：（1）凸透镜的焦距是使平行于主光轴的光会聚的点到光心的距离；

（2）根据凸透镜成像的三种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像．u＜f，成正立、放大的虚像．

（3）搞清像距和物距之间的关系．知道物距越大，像距越小，成的像也越小；物距越小，像距越大，成的像也越大

解答：解：（1）根据焦距的定义，此时光屏到凸透镜的距离为焦距，f=41cm﹣30cm=11cm；

（2）要想在光屏上得到清晰放大的烛焰的像，蜡烛应放在凸透镜的二倍焦距与焦距之间，即图中的c点，图中的此成像特点可应用在投影仪上．

（3）根据物距与像距的变化规律可知，蜡烛离凸透镜越远，光屏上得到的清晰像越小．把蜡烛向凸透镜靠近时，要在光屏上成清晰的像，光屏应远离，此时在光屏上成的清晰像是倒立的．

（4）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，实验中，光屏上已成清晰的、缩小的像，此时固定蜡烛和凸透镜，在光屏和凸透镜间放上凹透镜，若仍要在光屏上成清晰的像，由于光线发散，会延迟会聚，则需将光屏向远离凸透镜的方向移动，此时所成的清晰像仍为实像．

故答案为：（1）11；（2）c；投影仪；（3）小；远离；倒立；（4）远离；实．

点评：此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用．

30．（6分）（2014•锦州）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有杠杆尺、支架、细线、质量相同的钩码若干．

（1）将杠杆装在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆两侧的平衡螺母同时向左调．

（2）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据图（甲）这一组数据得出探究结论？不能（填“能”或“不能”）．理由是实验次数太少，得出的结论具有偶然性．

（3）如图（甲）所示，杠杆在水平位置平衡．如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆左（填“左”或“右”）端将下沉．

（4）如图（乙）所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉．当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，若使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大（选填：“变大”、“变小”或“不变”），其原因是：其力臂变小．

考点：探究杠杆的平衡条件实验．

专题：压轴题；探究型实验综合题．

分析：（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；

（2）用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；

（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；

（4）阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大．

解答：解：（1）杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；

（2）用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，用多组实验数据来总结实验结论，实验结论具有普遍性，如果只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性，所以不能用一次实验数据总结实验结论．

（3）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，

如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，

杠杆的左端：3G×3L=9GL，

杠杆的右端：2G×4L=8GL，

所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉．

（4）乙图中，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大．

故答案为：（1）左；（2）不能；实验次数太少，得出的结论具有偶然性；（3）左；（4）变大；其力臂变小．

点评：（1）利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛；

（2）当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小．

31．（8分）（2014•锦州）在“测量盐水密度”的实验中，实验用砝码盒中配备有100g、50g、20g、10g、5g的砝码．请填写下列空格：

（1）调节天平前应将游码移至0刻线处，然后调节平衡螺母，使横梁平衡．

（2）小明同学进行了下列实验操作：

A．将烧杯中盐水的一部分倒入量筒，测出这部分盐水的体积V；

B．用天平测出烧杯和盐水的总质量ml；

C．用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量m2；

以上操作的正确顺序是：BAC（填字母代号）．

（3）小明测量烧杯和盐水的总质量m1时，估计盐水和烧杯的总质量在150g左右．加砝码时，用镊子夹取100g、50g砝码各1个放入右盘中，若指针右偏，则应取下50g的砝码，试加其它砝码，同时调节游码．

（4）如图是小明同学在实验操作过程中的情况．他的错误是：测量中不能调平衡螺母．

（5）另一同学想测出某品牌牛奶的密度，为此他利用实验台上的弹簧测力计、空饮料瓶、水、细线等物品来测量．其操作步骤是：

①用弹簧测力计测出空饮料瓶的重力G1；

②在空饮料瓶中装满水，用弹簧测力计测出瓶和水的总重力G2，计算水的体积V=（用测出物理量的字母表示，水的密度ρ水已知）；

③在空饮料瓶中装满牛奶，用弹簧测力计测出瓶和牛奶的总重力G3；（说出具体方法和要测出的物理量并用字母表示）

④计算牛奶密度ρ=•ρ水．（用测出的物理量的字母表示）

考点：液体的密度测量实验．

专题：实验题；测量型实验综合题．

分析：（1）天平在调节时应先将游码移至标尺的零刻线处，再调节平衡螺母．

（2）合理的实验顺序可以减小测量时的误差，并使操作简便，从这一角度分析步骤的合理性．

（3）称量过程中，用镊子加取砝码，从大到小，最后还要调节游码；

（4）只能在调节天平的横梁平衡时，调节天平的平衡螺母，称量过程中绝对不能调节平衡螺母，只能通过加减砝码或移动游码使天平重新平衡天平称量物体前要保证底座水平、横梁平衡步；

（5）利用题目中所方法测牛奶密度，遇到的关键困难是要解决如何测牛奶的体积，这里是借助了水来进行等效替代．因此，按照这一思路结合密度的公式可完成本实验．

解答：解：（1）使用天平时，首先把天平放在水平台上，把游码移到标尺左端的零刻度．然后调节平衡螺母，使天平横梁平衡．使天平横梁平衡，在调节天平平衡时指针指在分度盘右边的位置，他应该将平衡螺母向左移动．

（2）根据题意知：应该先用天平测出烧杯和盐水的总质量ml；然后将烧杯中盐水的一部分倒入量筒，测出这部分盐水的体积V；用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量m2；根据密度公式ρ=就能求出密度．所以实验操作顺序为BAC．

（3）称量过程中，用镊子加取砝码，从大到小，最后还要调节游码．所以，应取下50g砝码，试加上其它砝码，同时调节游码．

（4）因为只能在调节天平的横梁平衡时，调节天平的平衡螺母，称量过程中绝对不能调节平衡螺母，只能通过加减砝码或移动游码使天平重新平衡．据图所知小李同学在实验操作过程中的情况．他的错误是：测量中不能调平衡螺母．

（5）②∵ρ=，

∴水的体积V===；

③为了测出与水同体积的牛奶，还需用这只瓶子再装满牛奶进行测量，具体操作为：在空饮料瓶中装满牛奶，用弹簧测力计测出瓶和牛奶的总重力G3；

④牛奶的密度ρ===•ρ水．

故答案为：（1）0刻线；平衡螺母；（2）BAC；（3）50；（4）测量中不能调平衡螺母；（5）②；

③在空饮料瓶中装满牛奶，用弹簧测力计测出瓶和牛奶的总重力G3；

④•ρ水．

点评：（1）用天平和量筒来测液体的密度，是实验室中最常用的方法，重点应掌握天平的调节与使用方法、量筒的读数、密度公式的运用、实验步骤的合理安排以及实验误差的分析等．

（2）测量液体的密度时，为了减小误差，不能采取先测量空烧杯的质量的方法．

32．（9分）（2014•锦州）在测定额定电压为3.8V的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变．

（1）请将实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮）．

（2）在连接电路时，开关必须断开．若有A（5Ω 1A）、B（10Ω 0.5A）和C（15Ω 0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器B（填“A”、“B”或“C”）连入电路，才能保证实验顺利进行．

（3）在实验中，若电压表示数为2V，则小灯泡的实际功率小于额定功率（填“大于”、“小于”或“等于”）；在此基础上，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑片P向A（填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为1.52W．

（4）小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据，作出了I﹣U图象，如图丙所示．结果发现图象不是直线，这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压不成（填“成”或“不成”）正比，这是因为灯丝电阻随温度的升高而增大．

考点：电功率的测量．

专题：实验题；测量型实验综合题．

分析：（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，滑动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮，说明滑动变阻器使用右半段电阻丝，滑动变阻器应接右下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，即可完成电路连接．

（2）连接电路时，开关要断开；由串联电路特点及欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，然后根据该阻值选择滑动变阻器．

（3）灯泡在额定电压下的功率等于额定功率，由电功率公式P=可知灯泡两端的电压越小，灯泡的实际功率越小；

灯泡电压小于额定电压，为使灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片使滑动变阻器接入电路的阻值减小，使灯泡电压变大，根据滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；当灯泡电压等于额定电压时，灯泡正常发光；由电功率公式P=UI可以求出灯泡电功率．

（4）灯泡的灯丝会随温度的变化而改变，这是造成电流与电压不成正比的真正原因．

解答：解：（1）灯泡额定电压是3.8V电压表应选0～15V量程，滑动变阻器接左下接线柱，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路图如图所示．

（2）在连接电路时，开关必须断开；灯泡正常发光时电路电流I===0.38A，此时滑动变阻器两端电压

U滑=U﹣UL=6V﹣3.8V=2.2V，

由I=得：滑动变阻器接入电路的阻值

R滑==≈5.8Ω＞5Ω，滑动变阻器应选B．

（3）电压表示数2V小于灯泡额定电压3.8V，由电功率公式P=可知灯泡实际功率小于灯泡额定功率；

由电路图可知，应向A移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，灯泡两端的电压变大，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光，灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.4A=1.52W；

（4）图线弯曲说明小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，即灯泡的电阻值是变化的，不是定值，这是因为灯丝电阻随温度升高而增大，灯泡两端电压越大，

通过灯的电流越大，灯泡的实际功率越大，灯丝温度越高，电阻越大，所以图线不是直线．

故答案为：（1）图略．（2）断开；B．（3）小于；A；1.52；（4）不成；灯丝电阻随温度的升高而增大．

点评：本题考查了实验注意事项、连接实物电路图、滑动变阻器的选择、电路故障分析、实验数据处理、滑动变阻器的作用等，是实验的常考问题，一定要掌握；连接实物电路图时，要注意电表量程的选择，注意题目要求．

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