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二、填空题（本大题11小题，每空1分，共22分）
11．（3分）（2013•达州）前段时间达州大部分地方出现较长时间的干旱，气象部门实施人工降雨，用飞机在高空喷洒干冰，干冰进入云层后迅速 升华 成为气体，并从周围吸收大量的热，空气温度急剧下降，使空气中水蒸气 凝华 成小冰晶，这些冰晶逐渐变大而下降，遇暖气后吸收热量而 熔化 为雨滴落到地面．（均填物态变化名称）
考点： 熔化与熔化吸热特点；升华和凝华的定义和特点．
专题： 温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华．
分析： 从六种物态变化定义进行判断：
物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程．
解答： 解：干冰进入云层后迅速成为气体，物质从固态直接变成气态是升华；
空气中水
蒸气变成小冰晶，物质从气态直接变成固态，是凝华；
冰晶逐渐变大而下降变为雨滴落到地面，物质从固态变成液态，是熔化．
故答案为：升华；凝华；熔化．
点评： 判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断．
12．（2分）（2013•达州）手机已广泛应用于现代生活，手机通讯靠 电磁波 传送信息，其传播速度 等于 （选填“大于”“等于”“小于”）光速．
考点： 电磁波的传播．
专题： 信息的传递．
分析： 光是一种电磁波，它们的传播速度相同；手机是利用电磁波传递信息的．
解答： 解：手机已广泛应用于现代生活，手机通讯靠电磁波传送信息，其传播速度等于光速．
故答案为：电磁波；等于．
点评： 本题考查了电磁波的应用，电磁波的传播速度与光速的关系，光是一种电磁波．
13．（2分）（2013•达州）为了保证人们的安全，在城市的很多地方都安装了摄像头，该装置的光学统主要是凸透镜，通过该装置能记录车辆及行人 倒立 、 缩小 的实像．
考点： 凸透镜成像的应用．
专题： 透镜及其应用．
分析： 根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄
像头．
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜．
解答： 解：摄像头和照相机都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像工作的．
故答案为：倒立、缩小．
点评： 凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握．
14．（2分）（2013•达州）被誉为“气都”的达州，天然气储量丰富，天然气是 不可再生 （选填“可再生”“不可再生”）能源．小明同学需要在标准大气压下烧开初温为20℃、质量为3kg的一壶水，如天燃气完全燃烧放出热量的80%被水吸收，则要完全燃烧 0.042 m3的天然气．[天然气的热值取3.0×107J/m3，C水=4.2×103J/（kg•℃）]．
考点： 热平衡方程的应用．
专题： 比热容、热机、热值．
分析： （1）能够源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可以重复利用的能源是不可再生能源．
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；
若用天然气作燃料，燃烧天然气放出的热量只有80%被水吸收，求出天然气释放的热量，然后利用Q放=qV的变形公式求需要天然气的质量．
解答： 解：（1）石油和天然气不能够源源不断地从自然界获得，也不能重复利用，它们是不可再生能源．
（2）在一标准大气压下，水的沸点是100℃，把水烧开，水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（100℃﹣20℃）=1.008×105J；
由题知，Q吸=ηQ放=ηqV=1.008×105J，
需要完全燃烧煤气的体积：V=
=
=0.042m3．
故答案为：不可再生；0.042．
点评： 本题主要考查了能源的分类和学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，因条件已给出，难度不大．
15．（2分）（2013•达州）一列长200m的火车，以72km/h的速度匀速进入长为2km的隧洞，火车完全在洞中的时间是 90 s，火车上乘客看见洞中的路灯在后退，乘客是以 火车 为参照物．
考点： 速度公式及其应用；参照物及其选择．
专题： 计算题；长度、时间、速度．
分析： 火车长度与隧洞长度之差是火车完全在洞中的路程，由速度公式的变形公式求出火车火车的运动时间；
如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的．
解答： 解：火车完全在洞中的路程s=2000m﹣200m=1800m，
火车速度v=72km/h=20m/s，
∵v=，
∴火车的运动时间：
t==
=90s；
路灯相对于火车位置不断后退，
以火车为参照物路灯在不停地往后退；
故答案为：90；火车．
点评： 本题考查了求火车的运动时间、选择参照物，应用速度公式的变形公式、知道物体间的位置关系如何变化即可正确解题．
16．（2分）（2013•达州）一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应 串 联一个 10 Ω的电阻．
考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联．
专题： 计算题；压轴题．
分析： 由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值．
解答： 解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流I=0.4A，电阻两端电压U=12V﹣8V=4V；
则由欧姆定律可得电阻的阻值R==
=10Ω；
故答案为：串，10．
点评： 通过本题应掌握：串联电路起分压作用； 欧姆定律的灵活应用．
17．（2分）（2013•达州）如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有质量相同的不同液体，放在水平桌面上，则液体对容器底部的压强PA 小于 PB，容器对桌面的压强PA′ 等于 PB′．（选填“大于”“等于”“小于”）
考点： 压强大小比较．
专题： 压强、液体的压强．
分析： （1）首先根据两种液体的体积、质量关系比较得出它们的密度关系，再根据液体压强公式P=ρgh比较两容器底部所受液体的压强PA、PB的关系；
（2）首先明确，两个容器以及所装液体的总质量相同，即重力相同，可判断出它们对于水平面的压力的大小关系，再根据已知的容器底面积大小关系，结合压强公式p=比较出两个容器对桌面的压强大小．
解答： 解：（1）两个容器底面积相同，形状不同，在液面等高的情况下，三个容器内液体的体积关系为：VA＞VB；
由于两种液体质量相同，由ρ=得：ρA＜ρB；
已知液面高度相同：hA=hB，由液体压强公式P=ρgh得：
两容器底部所受液体的压强关系是PA＜PB；
（2）两个容器的质量以及所装液体的质量相同，即两个容器的总质量相同：mA=mB；
所以两个容器对桌面的压力F=G=mg相同，又已知个容器底面积相等，即SA=SB；
由p=得：两个容器对桌面的压强关系是PA′=PB′．
故答案为：小于；等于．
点评： 此题主要考查学生对液体压强的计算和压强大小及其计算的理解和掌握，此题稍微有点难度，属于中档题．
18．（2分）（2013•达州）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A的示数将 变小 ，电压表V的示数将 变大 ．（选填“变大”“变小”“不变”）
考点： 电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．
专题： 应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．
分析： 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点判断滑动变阻器两端的电压变化．
解答： 解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
∵I=，
∴电路中的电流变小即电流表的示数变小，灯泡两端的电压变小，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压变大即电压表V的示数变大．
故答案为：变小；变大．
点评： 本题考查欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联的灯泡两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压．
19．（1分）（2013•达州）汽油机的一个工作循环有四个冲程，如图所示是 做功 冲程．
考点： 内燃机的四个冲程．
专题： 图析法；比热容、热机、热值．
分析： 解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功．”进行分析．
解答： 解：如图，两气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程．
故答案为：做功．
点评： 解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．
20．（2分）（2013•达州）小李家的电饭煲铭牌模糊不清，为了测其额定功率，他关掉家里其它用电器，让电饭煲正常工作1min，观察发现家里标有3000R/kW•h的电能表转盘转了50转，则电饭煲的额定功率是 1000 W，如果在用电高峰时，电饭煲两端的实际电压是额定电压的90%，则电饭煲工作1小时消耗的电能是 0.81 kW•h．（设电阻丝电阻恒定）
考点： 电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．
专题： 计算题；压轴题；电能和电功率．
分析： （1）3000R/kwh表示消耗1kw•h的电能，电能表转3000转；据此可求出当电能表的转数为50转时消耗的电能，还知道正常工作时间，根据公式P=可求电饭煲的额定功率．
（2）求出了电饭煲的额电功率，利用P=
求其电阻；根据电饭煲两端的实际电压是额定电压的90%求出电饭煲的实际电压，根据W=t求电饭煲工作1小时消耗的电能．
解答： 解：
（1）消耗1kW•h的电能，电能表转3000转，电能表转了50转，消耗的电能：
W=
kW•h=
kW•h，
用电器的实际功率：
P==
=1kW=1000W，
∵电饭煲正常工作，
∴电饭煲的额定功率：
P额=1000W；
（2）∵P=，
∴电饭煲的电阻：
R=
=
=48.4Ω，
电饭煲的实际电压：
U实=U额×90%=220V×90%=198V，
电饭煲工作1小时消耗的电能：
W=
t=
×3600s=2.916×106J=0.81kW．
故答案为：1000；0.81．
点评： 本题考查消耗电能的计算和功率的计算，关键是电功率公式及其变形的应用，要学会对电能表参数的理解，解题过程中要注意单位的换算．
21．（2分）（2013•达州）如图所示的电路中，三个电阻R1、R2、R3的阻值分别为1Ω、2Ω、3Ω，开关闭合后，通过三个电阻的电流之比为 6：3：2 ，电流表A1、A2和A3的内阻均可忽略，它们的示数分别为I1、I2和I3，则I1：I2：I3= 5：9：11 ．
考点： 欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．
专题： 应用题；压轴题；电路和欧姆定律．
分析： 由电路图可知，三电阻并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，电流表A3测干路电流；根据并联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出各支路的电流，进一步求出它们的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出电流表的示数之比．
解答： 解：由电路图可知，三电阻并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，电流表A3测干路电流；
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据欧姆定律可得：
IR1=
=
，IR2=
=
，IR3=
=
，
∴IR1：IR2：IR3=
：
：
=6：3：2；
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴I1=IR2+IR3=+=
，
I2=IR1+IR2=+=
，
I3=IR1+IR2+IR3=+
+
=
，
I1：I2：I3=
：
：=5：9：11．
故答案为：6：3：2；5：9：11．
点评： 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电流表所测电路元件的判断，计算过程要注意各量之间的关系不要颠倒．
